2021-2022 英语周报 高二 新课程 28答案

25.解:(1)ef棒在水平向左的拉力F=1.5N作用下,向左做匀加速直线运动,运动至NQ时速度大小为vo,对绝缘棒e∫运用动能定理有FL一m182m12(2分)解得v=6m/s(1分)两棒发生弹性碰撞,设碰撞后瞬间e棒的速度大小为υ,ab棒的速度大小为υ,根据动量守恒定律得mυ=m1v+m2v(2分)根据机械能守恒定律得mIU72 u2分联立解得v=4m/s。(1分(2)导体棒ab碰撞后做减速运动直至停止,设整个过程产生的热量为Q,山能量守恒定律有Q-m2-p2m2g△rcos30°-m2g△rsin30°(2分)MP两端接的定值电阻R上产生的焦耳热Q=2×RQ(2分)代入数值解得Qk=0.15J。(1分)(3)导体棒ωb向上运动过程中切割磁感线,根据法拉第电磁感应定律得E△ΦBx(1分)根据闭合电路欧姆定律得Ⅰ(1分根据电流的定义式得q=Ⅰ·△(1分)联立解得q=R=0.5C(1分)导体棒沿导轨向上减速运动,由动量定理得(m2gsin0+p2m2 gcos 0)△-Blq=0-m2w(2分)解得△=0.15s。(1分)

14.解:(1)当金属棒到达最大速度后做匀速运动:所受合力为0,受力分析如图甲所示,年根据平衡条件,有mgsn0=Fs叶+f(1分=6展F=mgos+Fsin0(1分)爸式(,区9)f=pFs其中F=B=dv分)联立可得v=5m/s。(1分)11)B谁由(2)设金属棒到达PP时速度恰好为0由动量定理可得0-mv=-F△(1分)根,际计南锥O从处米,示通图(其中F△t=Bd△=BQd(1分)电荷量Q=B尘一(1分)1)39=03)+)1=:联,分直A(3)金属棒离开磁场后做匀速运动,设此时速度为v,而后从QQ离开轨道做平抛运动,落在收集网的点,如图乙所示,设D点与水平轨道的竖直高度为h立由平抛运动可得h=gt2(1分)x=t(1分)由D点在抛物线上,可得H-h=(1分)联立可得02一-乙金属棒落在D点时的动能E1=方mx2+mgh(1分)解得E一四H十m一四H(1分)当RFP4h=mgh,即h=时,E有最小值mgh代入数据可得E=m4-6J(1分)解得t=2m/sBd2金属棒在NP段运动时由动量定理可得mv1-m=-R+(1分)可得L=3m,(1分)

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