2022英语周报高二第16期答案

答案】BCD【解析】分析】详解】A.两物体变速运动时的加速度大A=2m/2根据t0.5s时,两滑块相距Ar=x(vt2A错误B.传送带启动物体的速度为v, -af=5m/s皮带速度相等所用时在t=1.5s时,甲滑块速度与皮带相等传送带启动时,乙物体的速度为n与皮带速度相等所用时间此在t1.5s时,乙滑块速度与皮带相等故1.5s时,两滑块速度相等,B正确C.0-0.5s内,乙相对传送带的位移大小at2=075mls-1.5s内,乙相对传送带的位移x2=w-(可+at)=1m因此0-1.5内,乙相对传送带的位移大小为x1=025mC正确D.甲相对传送带的位移d-y=6×1.5m-X2×15m-3×lm=37m滑块传送带间摩擦生热量g1=m18·知=7.5J乙滑块传送带间摩擦生热量e=m,g (n+x,=7J因此0-2.5s内,两滑块与传送带间摩擦生Q=g+C2=145JD正确BCD

代入数据得PB=20W(1分)25.解:(1)设释放金属棒Q瞬间的加速度为a,对物体M:Mg-T=Ma(1分)对金属棒Q:T-mgin0=ma(1分)整理得a=M- mosin(1分)代入数据得a=2.5m/s2(1分)(2)当金属棒Q速度达到最大时,对物块M:T=Mg(1分)对金属棒Q: nisin30°+ILB=T(1分)由法拉第电磁感应定律得E=BLv(1分)由欧姆定律得Ⅰ(1分)整理得v=20M-10(1分)(3)对两棒受力分析可知,在任一时刻对P棒: nisin0F=ma1(1分)对Q棒:F- mosin0-F安=ma2(1分)解得a1=a2(1分)即在任一时刻两棒的速度、加速度、位移总是大小相等方向相反,同时达到匀速直线运动状态,此时的速度最大设金属棒P的最大速度为v1,此过程通过的位移为s,则电路中的总电动势电路中的总电流:l2P(1分)对P棒:msin30°=I,LB,解得=5m/s(1分)由动能定理得F+W=2×m02(1分)而Q=一W安,解得s=2.54m(1分)从静止释放到P刚开始匀速运动的过程中,流过P棒的电量:q=1△(1分)其中/、其中2R△④世利兰△=2BLS(1分)解得q=BS1分)代入数据解得

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